IEC60870-5-104传输k、w和t0、t1、t2、t3分

题目

IEC60870-5-104传输k、w和t0、t1、t2、t3分别是什么参数?

参考答案和解析
正确答案: K:是发送状态变量的最大不同的收序号。
W:是接收W个I格式APDU之后的最后的认可。
T0:是连接建立的超时时间。
T1:是应用规约数据单元的发送或或测试超时时间。
T2:无数据报文T2<T1情况下认可的超时时间
T3:长时间静止状态T3>T1情况下发送S一帧的超时时间。
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相似问题和答案

第1题:

已知某分部分项工程流水节拍为t1=4天、t2=8天、t3=8天、其中t1与t2、t2与t3之间技术停歇各2天,有三个施工层,层间技术停歇时间为4天,试确定流水步距K、施工段数m,并计算工期。


参考答案:解: (1)K=4天

第2题:

事务T1,T2,T3分别对数据D1,D2,D3并发操作如下图所示,其中T1与T2问的并发操作存在的问题是 (1) 。T2与T3问的并发操作存在的问题是 (2) 。

1.


正确答案:不能重复读
不能重复读

第3题:

若系统中存在4个等待事务T0、T1、T2、T3,其中T0正等待被T1锁住的数据项Al,T1正等待被T2锁住的数据项A2,T2正等待被T3锁住的数据项A3,T3正等待被T0锁住的数据项A0。根据上述描述,系统所处的状态是

A.活锁

B.死锁

C.封锁

D.正常


正确答案:B
解析:死锁是指数据库系统中部分或全部事务由于无法获得对需要访问的数据项的控制权而处于等待状态,并且一直等待下去的一种系统状态。产生死锁的原因在于系统中各个事务间存在冲突操作,并且冲突操作的并发执行顺序不当,引起事务的无限期等待。

第4题:

若系统中存在5个等待事务T0,T1,T2,T3,T4,其中:T0正等待被T1锁住的数据项A1, T1正等待被T2锁住的数据项A2,T2正等待被T3锁住的数据项A3,T3正等待被T4锁住的数据项A4,T4正等待被T0锁住的数据项A0,则系统处于(46)的工作状态。

A.并发处理

B.封锁

C.循环

D.死锁


正确答案:D
解析:本题考查关系数据库事务处理方面的基础知识。和操作系统一样,封锁的方法可能引起活锁和死锁。例如事务T1封锁了数据R,事务T2请求封锁R,于是T2等待。T3也请求封锁R,当T1释放了R上的封锁之后系统首先批准了T3的请求,T2仍然等待。然后T4又请求封锁R,当T2释放R上的封锁后系统又批准了T4的请求…T2有可能长期等待、这就是活锁。避免活锁的简单方法是采用先来先服务的策略。即让封锁子系统按请求封锁的先后次序对事务排队。数据R上的锁一且释放就批准申请队列中的第一个事务获得锁。又如事务T1封锁了数据R1,T2封锁了数据R2。然后T1又请求封锁R2,T2请求封锁R1。于是T1等待T2,释放R2上的封锁而同时T2等待T1释放R1上的封锁。这就使得两个事务永远不能结束。出现了死锁。

第5题:

【说明】

现有一个事务集{T1,T2,T3,T4),其中这四个事务在运行过程中需要读写X、Y和Z。设Ti对X的读操作记作TiR(X),Ti对X的写操作记作Tiw(X)。

事务对XYZ的访问情况如下:

T1: T1R(X)

T2: T2R(Y),T2w(X)

T3: T3w(Y),T3w(X),T3w(Z)

T4: T4R(Z),T4w(X)

试述事务并发高度的正确性准则及其内容。


正确答案:事务的可串行化调度。多个事务的并发执行是正确的当且仅当其结果与按某一次序串行执行它们时的结果相同。
事务的可串行化调度。多个事务的并发执行是正确的,当且仅当其结果与按某一次序串行执行它们时的结果相同。 解析:串行调度:事务的依次执行称为串行调度。
并发调度:利用分时的方法,同时处理多个事务,称为事务的并发调度。
可串行化调度:对于事务集(T1>,T2>,...,T),如果一个并发调度的结果与一个串行调度等价,则称此调度是可串行化调度。它是并发调度正确性的准则。
不可串行化调度:对于某事务集的一个并发调度结果,如果与任一串行调度均不等价,则该调度是不可串行化调度。
调度信赖图的箭头所指事务必须在箭尾事务执行结束后才可执行。如调度序列中的 T3w(X)是T3事务对数据X加写锁,而之前有T1事务对X加了读锁,所以T3事务得等到T1事务释放了X上的读锁之后才能加写锁,即T3事务依赖于T1事务的执行结束。
根据事务依赖有向图,如果有一条包含所有事务结点的简单路径,则该路径上的结点序列即为并发调度等价的串行调度序列。从该图可得路径:T1->T3->T2->T4,所以,题目给定的调度是正确的。
事务的提交是随机的,事务程序使用加锁可以实现并发事务的隔离性,使用两段锁协议可以保证事务调度的可串行化。

第6题:

事务T1、T2、T3分别对数据D1、D2和D3并发操作如下所示,其中T1与T2间并发操作(14),T2与T3间并发操作(15)。

A.不存在问题

B.将丢失修改

C.不能重复读

D.将读“脏”数据


正确答案:C

第7题:

有如下函数模板定义: template T2 plus(T1 t1,T3 t3){re

有如下函数模板定义: template <typename T1,typename T2,typename T3> T2 plus(T1 t1,T3 t3){return t1+t3;}

A.plus(3,5L);

B.plus<>(3,5L);

C.plus<int>(3,5L);

D.plus<int, double>(3,5L);


正确答案:D
解析:本题考核函数模板的使用。C++中对函数模板的调用有时候只使用了函数实参,而没有使用模板实参,模板实参都被省略了,但模板实参的省略并不是必然的,而是有条件。模板实参不能省略的情况有:从模板函数实参表获得的信息有矛盾;需要获得特定类型的返回值,而不管参数的类型如何:虚拟类型参数没有出现在模板函数的形参中;函数模板含有常规形参。题中定义的函数模板中虚拟类型参数T2没有出现在模板函数的形参列表中,所以在调用时不能省略,D选项的调用省略了T3,这是允许的。

第8题:

事务T0、T1和T2并发访问数据项A、B和C,下列属于冲突操作的是______。

A)T0中的read

(A)和T0中的write(A)

B)T0中的read

(B)和T2中的read

(C)

C)T0中的write(A)和T2中的write(C)

D)T1中的read(C)和T2中的write

A.

B.

C.

D.


正确答案:D

第9题:

现有3个同时到达的作J1、J2和J3,它们的执行时间分别是T1 、T2 和T3 ,且 T1<T2<T3。系统按单道方式运行且采用短作业优先算法,则平均周转时间是______。

A.T1 +T2 +T3

B.(T1 +T2 +T3 ) /3

C.(3T1 +2T2 +T3 ) /3

D.(T1 +2T2 +3T3 ) /3


正确答案:C
解析:短作业优先(Shortest Job First,SJF) 调度算法用于进程调度时称为短进程优先调度算法,该调度算法既可以用于作业调度也可以用于进程调度。在作业调度中,短作业优先调度算法每次从后备作业队列中选择估计运行时间最短的一个或几个作业,将它们调入内存,分配必要的资源,创建进程并放入就绪队列。
  由于3个作业同时到达,因此作业执行的次序依次是J1、J2和J3,故周转时间分别为:
  J1:T1
  J2:T1 +T2
  J3:T1 +T2 +T3
  则平均周转时间:(T1 +(T1 +T2 ) +(T1 +T2 +T3 ) ) /3=(3T1 +2T2 +T3 ) /3

第10题:

电力系统的部分接线如图所示,各电压级的额定电压已标明,则G,T1,T2,T3各电气设备的额定电压表述正确的是()。

A. G:10.5 T1:10.5/242 T2:220/121/11 T3:110/38.5
B. G:10 T1:10/242 T2:220/110/11 T3:110/35
C. G:10.5 T1:10.5/220 T2:220/110/11 T3:110/38.5
D. G:10.5 T1:10.5/242 T2:220/110/11 T3:110/38.5


答案:A
解析:
解发电机的额定电压比线路的额定电压高5%,UGN= 10.5kV。变压器的一次侧其额定电压等于用电设备的额定电压,变压器的二次侧相的额定电压比电力网的额定电压高10%。所以,对于发电机G:UG1 =10.5kV;T1 :10.5/242kV;T2:220/121/llkV;T5:110/38.5kV。

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